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Resolución · PAU Convocatoria Ordinaria Junio 2021 · Ordinaria 2021
Comprobado con cálculo simbólico · muestra revisada antes de publicar
Cálculo simbólico: un programa de álgebra (SymPy) rehace las cuentas con fracciones y raíces exactas y comprueba que el resultado coincide.
Cómo se comprobó
- Método: SymPy rehace los resultados exactos y comprueba que coinciden.
- 2 resultados comprobados en 1 apartado
- Una muestra del lote la revisó un revisor independiente antes de publicar
Un cuerpo que se encuentra en un campo gravitatorio se mueve entre dos puntos A y B de una superficie equipotencial ¿qué trabajo realiza la fuerza gravitatoria para mover el cuerpo entre A y B? Si la energía potencial del cuerpo en B es de −800 J y seguidamente pasa del punto B a un punto C, donde su energía potencial es de −1000 J, discute si su energía cinética es mayor en B o en C.
1. Trabajo en una superficie equipotencial
WA→B=−ΔEp=−m(VB−VA)=0 porque VA=VB
WA→B=0
Además la fuerza gravitatoria es perpendicular a la superficie equipotencial en cada punto, de modo que F⋅dr=0.
2. Variación de energía potencial de B a C
ΔEp=Ep,C−Ep,B=−1000−(−800)=−200 J
3. Conservación de la energía mecánica (solo actúa la fuerza gravitatoria, conservativa)
ΔEc=−ΔEp=+200 J
Ec,C=Ec,B+200 J
La energía cinética es mayor en C: el cuerpo se mueve hacia puntos de menor energía potencial (más cerca de la masa que crea el campo) y gana velocidad.
Respuesta final
WA→B=0; Ec,C=Ec,B+200 J, luego la energía cinética es mayor en C.
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Cálculo simbólico: un programa de álgebra (SymPy) rehace las cuentas con fracciones y raíces exactas y comprueba que el resultado coincide.
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- 1 resultado comprobado en 1 apartado
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Enuncia el teorema de Gauss para el campo eléctrico. Determina el flujo eléctrico a través de la superficie cerrada de la figura. Las cargas son q1=8,85 pC y q2=−2q1 y se encuentran en el vacío. Dato: constante dieléctrica del vacío, ε0=8,85⋅10−12 C2/N m2.
1. Teorema de Gauss
Φ=∮E⋅dS=ε0Qint
El flujo del campo eléctrico a través de una superficie cerrada es la carga encerrada dividida por ε0; las cargas exteriores no contribuyen.
2. Carga interior (figura: q1 dentro de la esfera, q2 fuera)
Qint=q1=8,85⋅10−12 C
3. Flujo
Φ=ε0q1=8,85⋅10−128,85⋅10−12
Φ=1 N m2/C
La carga q2 está fuera de la superficie: su flujo neto es nulo (entra y sale la misma cantidad de líneas).
Respuesta final
Φ=∮E⋅dS=Qint/ε0=1 N m2/C.
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- 3 resultados comprobados en 1 apartado
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Considera una espira conductora plana sobre la superficie del papel. Esta se encuentra en el seno de un campo magnético uniforme de módulo B=1 T, que es perpendicular al papel y con sentido saliente. Aumentamos la superficie de la espira de 2 cm2 a 4 cm2 en 10 s, sin que deje de ser plana y perpendicular al campo. Calcula la variación de flujo magnético y la fuerza electromotriz media inducida en la espira. Justifica e indica claramente con un dibujo el sentido de la corriente eléctrica inducida.
1. Ley de Faraday-Lenz
ε=−ΔtΔΦ,Φ=BScos0∘
2. Variación de flujo
ΔΦ=B(Sf−Si)=1⋅(4−2)⋅10−4
ΔΦ=2⋅10−4 Wb
3. fem media
ε=−102⋅10−4
ε=−2⋅10−5 V
El signo negativo indica que se opone a la variación de flujo; ∣ε∣=2⋅10−5 V.
4. Sentido (Lenz)
El flujo saliente aumenta; la corriente inducida crea un campo que se opone, es decir, entrante dentro de la espira
Corriente en sentido horario
Con la mano derecha: campo entrante en el interior corresponde a corriente horaria vista desde arriba.
Respuesta final
ΔΦ=2⋅10−4 Wb; ε=−2⋅10−5 V (en módulo 2⋅10−5 V); corriente horaria.
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La figura muestra dos conductores rectilíneos, indefinidos y paralelos entre sí, por los que circulan corrientes eléctricas del mismo valor (I1=I2) y de sentidos contrarios. Indica la dirección y sentido del campo magnético total en el punto P. Si en el punto P se tiene una carga q>0, con velocidad perpendicular al plano XY, ¿qué fuerza magnética recibe dicha carga? Responde razonada y claramente las respuestas.
1. Campo de cada hilo en P (P a la izquierda de ambos; I1 hacia +y, I2 hacia −y)
Bi=2πdiμ0Ii, con la regla de la mano derecha
B1 saliente (+z) y B2 entrante (−z)
Los campos son perpendiculares al plano que contiene al hilo y a P (el plano XY), con sentidos opuestos.
2. Campo total
d1<d2⇒B1>B2, luego B=2πμ0I(d11−d21)>0
B en la dirección del eje z y sentido saliente del papel
Domina el hilo más cercano (I1).
3. Fuerza sobre la carga
F=qv×B, con v∥B (ambos perpendiculares al plano XY)
F=0
Al ser v paralela a B, el producto vectorial es nulo: la carga no se desvía.
Respuesta final
B apunta en +z (saliente, módulo μ0I/2π(1/d1−1/d2)); F=0.
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Considera una onda transversal en una cuerda descrita por y(x,t)=0,01cos[2π(10t−x)] m, donde x se expresa en metros y t en segundos. Calcula la velocidad de vibración en función de x y t. Dado el punto de la cuerda situado en x1=0,75 m, encuentra un punto x2, que en un mismo instante t, tenga la misma velocidad de vibración que x1 y el mismo valor y. Indica el razonamiento seguido.
1. Velocidad de vibración
vy=∂t∂y=−0,01⋅20πsin[2π(10t−x)]
vy=−0,2πsin[2π(10t−x)] m/s =−0,628sin[2π(10t−x)]
Máxima 0,628 m/s.
2. Longitud de onda
k=2π rad/m=λ2π
λ=1 m
Frecuencia f=10 Hz.
3. Condición para x2
Mismo y y misma vy equivale a la misma fase (módulo 2π): 2π(10t−x2)=2π(10t−x1)−2πn
x2=x1+nλ=0,75+n m, n∈Z
Basta con que los puntos estén separados un número entero de longitudes de onda: por ejemplo x2=1,75 m o x2=−0,25 m (puntos en fase).
4. Comprobación con la condición
No basta con igualar y: dos puntos con el mismo y pueden tener velocidades opuestas (fase φ y −φ); el signo de vy exige además igual seno
Respuesta final
vy=−0,2πsin[2π(10t−x)] m/s; λ=1 m; x2=0,75+n m (por ejemplo 1,75 m).
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La figura muestra un objeto y su imagen a través de una cierta lente interpuesta entre el objeto y el observador. Especifica las características de la imagen que se aprecian en la figura, en relación con el objeto. Indica qué tipo de lente es y realiza un trazado de rayos que explique lo que se muestra en la figura.
1. Características de la imagen (fotografía de las letras «Agua destilada» vistas a través de la lente)
Las letras se ven más grandes, en el mismo sentido (derechas) y sin invertir
Imagen virtual, derecha y de mayor tamaño
Imagen virtual porque está al mismo lado que el objeto; ampliada (∣m∣>1) y derecha (m>0).
2. Tipo de lente
Solo una lente convergente da imagen virtual ampliada y derecha; para ello el objeto debe estar entre el foco objeto y la lente: ∣s∣<f
Lente convergente (lupa)
Una lente divergente siempre da imagen virtual derecha pero de menor tamaño.
3. Trazado de rayos
Con s<0, ∣s∣<f′ y ecuación de Gauss s′1=f′1+s1<0: s′<0 y ∣s′∣>∣s∣
Los rayos divergentes tras la lente se cortan «hacia atrás» en la imagen virtual
Rayo paralelo al eje: sale por el foco imagen. Rayo por el centro óptico: sin desviación. Sus prolongaciones se cortan detrás del objeto: imagen derecha y mayor.
Respuesta final
Imagen virtual, derecha y mayor; la lente es convergente y el objeto está entre la lente y su foco.
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Completa, razonando la resolución, los números atómico y másico del núcleo X y del núcleo Ac en la serie radiactiva indicada. Identifica X. ¿Cómo se llama el tipo de desintegración que da lugar a este núcleo? ¿Cómo se llama el tipo de desintegración que da lugar a la partícula −10e? 90232Th→88228Ra+□□X88228Ra→□□Ac+−10e
1. Serie: 90232Th→88228Ra+ZAX (conservación de A y Z)
A=232−228=4,Z=90−88=2
X =24He (partícula alfa)
Desintegración alfa.
2. Segundo paso: 88228Ra→Z′A′Ac+−10e
A′=228−0=228,Z′=88−(−1)=89
89228Ac
La partícula −10e es un electrón que se emite en una desintegración beta menos (β−): un neutrón se transforma en protón.
Respuesta final
X =24He (desintegración α); Ac =89228Ac (el electrón se emite en la desintegración β−).
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- 2 resultados comprobados en 1 apartado
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Una astronauta se encuentra en una nave espacial que se mueve a una velocidad v=0,5c respecto a la Tierra (c es la velocidad de la luz en el vacío). En un cierto momento comunica a la base en la Tierra que va a dormir desde las 13 h hasta las 19 h, según los relojes de la nave. Calcula a qué hora se despertará, según los relojes de la Tierra (todos los relojes se sincronizan a las 13 h). Justifica adecuadamente tu respuesta.
1. Tiempo propio
Los relojes de la nave están en reposo respecto a la astronauta: miden el tiempo propio Δt0=19−13=6 h
2. Dilatación del tiempo
Δt=γΔt0,γ=1−0,521=1,155
Δt=1,155⋅6=6,93 h
Para el observador terrestre, el reloj en movimiento va más lento.
3. Hora en la Tierra
13+6,93=19,93 h
Se despierta a las 19,93 h ≈19 h 56 min (tiempo terrestre)
Cuando su reloj marca las 19 h, los de la Tierra marcan casi las 20 h.
Respuesta final
Δt=γΔt0=6,93 h; se despertará hacia las 19 h 56 min según los relojes de la Tierra.
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Cálculo simbólico: un programa de álgebra (SymPy) rehace las cuentas con fracciones y raíces exactas y comprueba que el resultado coincide.
Cómo se comprobó
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- 4 resultados comprobados en 2 apartados
- Una muestra del lote la revisó un revisor independiente antes de publicar
La masa del planeta K2-72 es 2,21 veces la masa de la Tierra y su radio es 1,29 veces el radio de la Tierra. Datos: campo gravitatorio de la Tierra en su superficie, g0=9,8 m/s2; radio terrestre, RT=6,37⋅106 m.
- a)¿Cuál es el valor de la intensidad de campo gravitatorio en la superficie de K2-72? ¿Cuál es la fuerza gravitatoria que K2-72 ejerce sobre una persona de 70 kg en reposo sobre su superficie?
- b)Determina la distancia desde el centro de K2-72 para la cual la intensidad de campo gravitatorio es 0,16 veces el valor en su superficie. Deduce y calcula la velocidad que tendría un satélite en órbita circular a dicha distancia.
Apartado a
1. Campo en la superficie
g=R2GM=(1,29RT)2G2,21MT=1,2922,21g0=1,328⋅9,8
g=13,0 m/s2
2. Fuerza sobre la persona
F=mg=70⋅13,01
F=911 N
Es el peso de la persona en K2-72.
Apartado b
1. Distancia
g(r)=r2GM=0,16R2GM⇒r=0,16R=2,5R
r=2,5⋅8,217⋅106=2,05⋅107 m
R=1,29⋅6,37⋅106=8,217⋅106 m.
2. Velocidad orbital (deducción: gravedad = fuerza centrípeta)
r2GMm=rmv2⇒v=rGM=g(r)r=0,16⋅13,01⋅2,054⋅107
v=6,54⋅103 m/s
GM=gR2=8,79⋅1014 m3/s2.
Respuesta final
a) g=13,0 m/s2; F=911 N. b) r=2,5R=2,05⋅107 m; v=6,54 km/s.
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Cómo se comprobó
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- 6 resultados comprobados en 2 apartados
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Sean dos cargas puntuales de valores q1=2 μC y q2=−1,6 μC situadas en los puntos A(0,0) m y B(0,3) m, respectivamente. Calcula: Dato: constante de Coulomb, k=9⋅109 N m2/C2.
- a)El vector campo eléctrico creado por cada una de las dos cargas y el vector campo eléctrico total en el punto C(4,3) m.
- b)El trabajo que realiza el campo al trasladar una carga q3=−1 nC desde C hasta un punto D donde la energía potencial electrostática de dicha carga vale −1,62 μJ.
Apartado a
1. Distancias a C(4,3)
rAC=(4,3)⇒r1=5 m, u1=(0,8;0,6); rBC=(4,0)⇒r2=4 m, u2=(1,0)
2. Campo de q1
E1=r12kq1u1=259⋅109⋅2⋅10−6(0,8+0,6)
E1=(576+432) N/C
3. Campo de q2
E2=169⋅109⋅(−1,6⋅10−6)
E2=−900 N/C
Carga negativa: el campo apunta hacia B.
4. Campo total
E=E1+E2=(576−900)+432
E=(−324+432) N/C
Módulo 540 N/C.
Apartado b
1. Potencial en C
VC=k(5q1+4q2)=9⋅109(4⋅10−7−4⋅10−7)
VC=0 y Ep,C=q3VC=0
2. Potencial en D
VD=q3Ep,D=−10−9−1,62⋅10−6
VD=1620 V
3. Trabajo del campo
WC→D=−ΔEp=Ep,C−Ep,D=0−(−1,62⋅10−6)
W=+1,62⋅10−6 J
Comprobación: q3(VC−VD)=−10−9(0−1620)=1,62⋅10−6 J.
Respuesta final
a) E1=(576,432), E2=(−900,0), E=(−324,432) N/C. b) VC=0, VD=1620 V; W=1,62⋅10−6 J.
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Cálculo simbólico: un programa de álgebra (SymPy) rehace las cuentas con fracciones y raíces exactas y comprueba que el resultado coincide.
Cómo se comprobó
- Método: SymPy rehace los resultados exactos y comprueba que coinciden.
- 5 resultados comprobados en 2 apartados
- Una muestra del lote la revisó un revisor independiente antes de publicar
Un objeto se sitúa 10 cm a la izquierda de una lente de −5 dioptrías.
- a)Calcula la posición de la imagen. Dibuja un trazado de rayos, con la posición del objeto, la lente, los puntos focales y la imagen. Explica el tipo de imagen que se forma.
- b)¿Qué distancia y hacia dónde habría que mover el objeto para que la imagen tenga 1/3 del tamaño del objeto y a derechas?
Apartado a
1. Distancia focal
f′=P1=−51=−0,20 m
Lente divergente
2. Ecuación de Gauss con s=−0,10 m
s′1=s1+P=−10−5=−15⇒s′=−0,0667 m
Imagen a 6,67 cm a la izquierda de la lente
Aumento m=ss′=0,667.
3. Tipo de imagen y trazado
s′<0 y m=+0,67
Imagen virtual, derecha y menor
Trazado: rayo paralelo al eje que diverge como si saliera del foco imagen (20 cm a la izquierda) y rayo por el centro óptico sin desviarse; sus prolongaciones se cortan a 6,67 cm, entre el objeto y la lente.
Apartado b
1. Condición: m=31 (derecha, positivo)
ss′=31⇒s′=3s⇒s3−s1=P=−5⇒s2=−5
s=−0,40 m
2. Desplazamiento
Δs=−0,40−(−0,10)=−0,30 m
Hay que alejar el objeto 30 cm hacia la izquierda
Nueva imagen en s′=−13,3 cm.
Respuesta final
a) s′=−6,67 cm: imagen virtual, derecha y menor. b) objeto a 40 cm: moverlo 30 cm hacia la izquierda.
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Cálculo simbólico: un programa de álgebra (SymPy) rehace las cuentas con fracciones y raíces exactas y comprueba que el resultado coincide.
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- 5 resultados comprobados en 2 apartados
- Una muestra del lote la revisó un revisor independiente antes de publicar
Responde a los apartados con ayuda de la figura (actividad en Bq frente al tiempo en días para el Ni-56 y el Cs-131). Dato: masa de un núcleo de 56Ni: 93⋅10−24 g.
- a)Define periodo de semidesintegración. A la vista de la figura, calcula el periodo de semidesintegración del 56Ni y razona si es mayor o menor que el del 131Cs. ¿Qué tiempo debe pasar para que el número de núcleos de 131Cs disminuya un 75 %?
- b)Si la masa inicial de 56Ni es de 10−3 pg, determina el número de núcleos que quedan sin desintegrar a los 15 días.
Apartado a
1. Definición
El periodo de semidesintegración T1/2 es el tiempo que tarda en reducirse a la mitad el número de núcleos radiactivos (y, por tanto, la actividad), A=A02−t/T1/2
2. Ni-56 (figura: la actividad pasa de 40 Bq a 20 Bq)
A(T1/2)=2A0=20 Bq, lectura en la gráfica
T1/2(Ni-56)≈6 días
Lectura de la figura (± 0,5 d).
3. Comparación con Cs-131 (60 Bq a 30 Bq)
La lectura en la gráfica da T1/2(Cs-131)≈10 días
El del Ni-56 es menor
El Ni-56 decae más deprisa: su curva baja antes.
4. Tiempo para que N del Cs-131 disminuya un 75 %
Queda el 25%=(21)2⇒t=2T1/2=2⋅10
t=20 días
Apartado b
1. Número de núcleos iniciales
N0=Mm=93⋅10−24 g10−3 pg=93⋅10−24 g10−15 g
N0=1,08⋅107 núcleos
1 pg =10−12 g.
2. Ley de desintegración a los 15 días
N=N02−t/T1/2=1,075⋅107⋅2−15/6
N=1,9⋅106 núcleos
Es el 17,7 % de los iniciales.
Respuesta final
a) T1/2(Ni)≈6 d <T1/2(Cs)≈10 d; el Cs-131 pierde el 75 % en 20 d. b) N≈1,9⋅106 núcleos.